纯几何吧4678
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纯几何吧4678是如下问题:
问题:给定$\triangle ABC$,九点圆心$X_5$的等角共轭点$X_{54}$,陪位重心$X_6$,垂三角形的垂三角形与原三角形的透视中心$X_{24}$,证明:$X_6,X_{24},X_{54}$共线.
先来回顾一些基本的记号与事实,证明可以参见
记重心$X_2$,外心$X_3$,垂心$X_4$,九点圆心$X_5$,垂心关于外心的对称点$X_{20}$,$X_{20}$的等角共轭点$X_{64}$,$X_{24}$的等角共轭点$X_{68}$,Euler线与外接圆距垂心较近的为$X_{1113}$,较远的为$X_{1114}$.并记$l(X)=\dfrac{\overline{XX_{1113}}}{\overline{XX_{1114}}}$($l$在Euler线上取实数),等角共轭变换用$g$表示.
性质1:$X_{24}$在Euler线上,$l(X_{24})=-l(X_4)^2$.
性质2:$UV\cap gUgV=g(gUV\cap UgV)$.
证明的关键在于下面的引理:
引理1:对Euler线上两点$U,V$,$gUgV$平行于Euler线等价于$l(U)\cdot l(V)=-l(H)$.
Proof. 由同一法知只需证必要性.注意到 $U\mapsto V$是Euler线上的对合,所以$gU\mapsto gV$是Jerabek双曲线上的对合,而$X_3\mapsto X_4$和$X_{1113}\mapsto X_{1114}$是两个特例,故Jerabek双曲线对此对合的对合中心就是Euler线上的无穷远点,这就证明了结论.$\quad\Box$
推论1:$X_{64}X_{68}$平行于Euler线.
Proof. 注意到$l(X_{20})\cdot l(X_{24})=-l(X_4)$立得结论成立.$\quad\Box$
推论2:$X_{68},X_{5},X_{6}$共线,.
Proof. 由引理1,$X_{68}(X_{3}X_4,X_{64}X_5)=-1=(X_4X_3,X_{20}X_2)=A(X_4X_3,X_{20}X_2)=A(X_3X_4,X_{64}X_6)=X_{68}(X_4X_3,X_{64}X_6)$.这就证明了结论.$\quad\Box$
推论3:$X_6,X_{24},X_{54}$共线,且$X_{2},X_{54},X_{68}$共线.
Proof. 注意到$g(X_2X_5\cap X_{6}X_{54})\in X_5X_6$,且其在Jerabek双曲线上,并且非$X_6$,于是正好是$X_{68}$,故$X_6,X_{24},X_{54}$共线,$X_{2},X_{54},X_{68}$共线.$\quad\Box$
现在我们已经证明了原问题,不过这个结果让我想起了之前证的一个东西,这让我们得以再往前走几步。先补充一些定义:记三角形的Gergonne点为$X_7$,Mittenpunkt(旁心三角形的陪位重心)为$X_{9}$,垂三角形的垂心为$X_{52}$,切线三角形的垂心为$X_{155}$.$U,V$的cross point为$\mbox{crossmul}(U,V)$(cross point的定义可以参见https://faculty.evansville.edu/ck6/encyclopedia/glossary.html).由定义,我们立刻得到:
性质3:$\mbox{crossmul}(X_4,X_{24})=X_{52}$.
再来证一个有趣的引理:
引理2:对Euler线上一点$P$,$gP\in X_4\mbox{crossmul}(X_4,P)$.
Proof. 只需证明$X_4gP$与过$ABCX_4P$的双曲线切于$X_4$,而$X_4(BC,PgP)=X_4(BC,X_3gP)=A(BC,X_3gP)=A(CB,X_4P)=X_4(BC,PX_4)$.于是结论成立.$\quad\Box$
推论4:$X_4,X_{52},X_{68}$共线.
Proof. 取引理2中$P$为$X_{24}$即得.
推论5:$X_3X_{155}//X_{4}X_{68}$.
Proof. 考虑切线三角形与垂三角形的位似,有$X_{3}X_{155}//X_{4}X_{52}$,再由推论4即证.$\quad\Box$
注:熟悉Ceva point的读者可以立刻看出前者是Jerabek双曲线的切线,不熟悉的可以参看
再结合下面的性质:
性质4:$X_9$是$X_7$的补点.
这是熟知的位似结果,证明留给读者(Hint: 考虑旁切圆与内切圆的位似).
性质5:$X_5,X_6,X_{155}$共线.
Proof. 注意到$X_6X_{155}$是切线三角形的Gergonne点与垂心连线,取补知平行于切线三角形的Mittenpunkt与外心连线,而这正是切线三角形的旁心三角形的陪位重心与九点圆心连线,由切线三角形的旁心三角形与原三角形位似即证.$\quad\Box$
这就推出了一个不太平凡的结果:
推论6:$X_5$是$X_{68}X_{155}$的中点.
Proof. 由推论2和性质5即知$X_5,X_6,X_{68},X_{155}$共线,由推论5知$X_{3}X_{155}X_{4}X_{68}$是平行四边形,于是结论成立.$\quad\Box$